PHP中的动态变量和数组

Question

我有一个动态的变量，每天从缓存文件更新一次，但是当我希望显示变量时，尽管我的缓存文件存储了信息，但它什么都没有。

这是我想要做的一个例子......

$var1 = "1"; // Dynamic info that is previously pulled from the cache file. 
$var2 = array (
"0" => "2",
"1" => "3" );

现在我要显示数组某个部分的内容......

echo "Test ".$var2['$var1'];

这意味着输出：测试3

如果$ var1为0，则输出：Test 2

我已经尝试了很多其他方法，包括更改'to'，或者甚至不包括它们，它会显示PHP错误或者除了“Test”文本之外什么都不显示。

编辑＃1： 好的，这就是为了解释我做得更好一点。

首先，我从一个文件中取出并替换我不需要的任何附件......

$myFile = "http://someserver.com/afile.txt";
$lines = file($myFile);
$ngender = preg_replace('/Gender=/', '', $lines[3]);

现在，我知道上面的代码工作正常，当我到达数组时我遇到了问题..

$ngen = array (
1 => "Male",
2 => "Female"
);

然后我使用$ ngen [$ ngender];将它存储到xml文件中，但它不存储任何内容。这实际上是我在将其存储到xml文件之前尝试做的。

Answer 1

应该是：

echo "Test ".$var2[$var1];

$ var1是一个变量，所以它不应该在''。

中

Answer 2

一些事情：

1. 并非所有PHP数组都是关联的。以下是有效且更有效的：

   $var2 = array(1 => "Male", 2 => "Female");
   

2. 变量名称不需要在语句中进行字符串化。导致您的具体问题是因为'$var2'将评估为文字字符串$var2，而"$var2"将评估为"1"。

所以正确的代码：

$var1 = "1"; // Dynamic info that is previously pulled from the cache file.
$var2 = array(1 => "Male", 2 => "Female");

echo "Test ".$var2[$var1];

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您在其他答案的评论中发布的错误表明$ var1不是您认为的那样。确保。