假设我们有以下数据。行代表一个国家/地区，而列（in05:in09）表示该国家/地区是否存在于给定年份中感兴趣的数据库中（2005:2009）。
id <- c("a", "b", "c", "d")
in05 <- c(1, 0, 0, 1)
in06 <- c(0, 0, 0, 1)
in07 <- c(1, 1, 0, 1)
in08 <- c(0, 1, 1, 1)
in09 <- c(0, 0, 0, 1)
df <- data.frame(id, in05, in06, in07, in08, in09)
我想创建一个变量firstyear，表示该国家/地区在数据库中的第一年。现在我做以下事情：
df$firstyear <- ifelse(df$in05==1,2005,
ifelse(df$in06==1,2006,
ifelse(df$in07==1, 2007,
ifelse(df$in08==1, 2008,
ifelse(df$in09==1, 2009,
0)))))
上面的代码已经不是很好了，我的数据集包含了很多年。是否有替代方法，使用*apply函数，循环或其他东西来创建此firstyear变量？
答案 0 :(得分：24)
您可以使用max.col
indx <- names(df)[max.col(df[-1], ties.method = "first") + 1L]
df$firstyear <- as.numeric(sub("in", "20", indx))
df
# id in05 in06 in07 in08 in09 firstyear
# 1 a 1 0 1 0 0 2005
# 2 b 0 0 1 1 0 2007
# 3 c 0 0 0 1 0 2008
# 4 d 1 1 1 1 1 2005
答案 1 :(得分：21)
df$FirstYear <- gsub('in', '20', names(df))[apply(df, 1, match, x=1)]
df
id in05 in06 in07 in08 in09 FirstYear
1 a 1 0 1 0 0 2005
2 b 0 0 1 1 0 2007
3 c 0 0 0 1 0 2008
4 d 1 1 1 1 1 2005
有很多方法可以做到这一点。我使用match因为它会找到指定值的第一个实例。代码的其他部分用于演示。首先逐行使用apply，并使用names将列名命名为年份。作业<-和df$FirstYear是一种将结果添加到数据框的方法。
增加了信用@David Arenburg对于在in列中为20提供FirstYear提出了一个很酷的想法。
答案 2 :(得分：8)
另一个有效率注释的答案（虽然这个QA与速度无关）。
首先，最好避免将＆＃34; list＆＃34; -y结构转换为＆＃34;矩阵＆＃34 ;;有时候将其转换为＆＃34;矩阵＆＃34;并使用一个功能，使用＆＃34; dim＆＃34;高效处理矢量;属性＆＃39; （即＆＃34;矩阵＆＃34; /＆＃34;数组＆＃34;） - 其他时候不是。 max.col和apply都转换为＆＃34;矩阵＆＃34;。
其次，在这些情况下，我们不需要在获得解决方案时检查所有数据，我们可以从一个控制循环的解决方案中受益，该循环控制下一次迭代的内容。在这里，我们知道，当我们找到第一个＆＃34; 1＆＃34;时，我们就可以停止。 max.col（和which.max）都必须循环一次，实际上找到最大值;我们知道＆＃34; max == 1＆＃34;没有被利用。
第三，当我们在另一个值向量中只搜索一个值时，match可能会更慢，因为match的设置相当复杂且成本高昂：
x = 5; set.seed(199); tab = sample(1e6)
identical(match(x, tab), which.max(x == tab))
#[1] TRUE
microbenchmark::microbenchmark(match(x, tab), which.max(x == tab), times = 25)
#Unit: milliseconds
# expr min lq median uq max neval
# match(x, tab) 142.22327 142.50103 142.79737 143.19547 145.37669 25
# which.max(x == tab) 18.91427 18.93728 18.96225 19.58932 38.34253 25
总而言之，一种处理＆＃34;列表的方法＆＃34; ＆＃34; data.frame＆＃34;的结构并且当我们找到＆＃34; 1＆＃34;时停止计算，可能是如下的循环：
ff = function(x)
{
x = as.list(x)
ans = as.integer(x[[1]])
for(i in 2:length(x)) {
inds = ans == 0L
if(!any(inds)) return(ans)
ans[inds] = i * (x[[i]][inds] == 1)
}
return(ans)
}
其他答案中的解决方案（忽略输出的额外步骤）：
david = function(x) max.col(x, "first")
plafort = function(x) apply(x, 1, match, x = 1)
ff(df[-1])
#[1] 1 3 4 1
david(df[-1])
#[1] 1 3 4 1
plafort(df[-1])
#[1] 1 3 4 1
还有一些基准：
set.seed(007)
DF = data.frame(id = seq_len(1e6),
"colnames<-"(matrix(sample(0:1, 1e7, T, c(0.25, 0.75)), 1e6),
paste("in", 11:20, sep = "")))
identical(ff(DF[-1]), david(DF[-1]))
#[1] TRUE
identical(ff(DF[-1]), plafort(DF[-1]))
#[1] TRUE
microbenchmark::microbenchmark(ff(DF[-1]), david(DF[-1]), as.matrix(DF[-1]), times = 30)
#Unit: milliseconds
# expr min lq median uq max neval
# ff(DF[-1]) 64.83577 65.45432 67.87486 70.32073 86.72838 30
# david(DF[-1]) 112.74108 115.12361 120.16118 132.04803 145.45819 30
# as.matrix(DF[-1]) 20.87947 22.01819 27.52460 32.60509 45.84561 30
system.time(plafort(DF[-1]))
# user system elapsed
# 4.117 0.000 4.125
不是真正的大灾难，但值得一看的是，根据问题，简单，直接的算法方法可以证明同样好或甚至更好。显然，（大多数）其他时间在R中循环可能很费力。
答案 3 :(得分：4)
这是另一种选择：
years <- as.integer(substr(names(df[-1]), 3, 4)) + 2000L
cbind(df, yr=do.call(pmin.int, Map(`/`, years, df[-1])))
产地：
id in05 in06 in07 in08 in09 yr
1 a 1 0 1 0 0 2005
2 b 0 0 1 1 0 2007
3 c 0 0 0 1 0 2008
4 d 1 1 1 1 1 2005
而且很快。这里只计时使用Alexis＆＃39;数据：
Unit: milliseconds
expr min lq median uq max neval
do.call(pmin.int, Map(`/`, 11:20, DF[-1])) 178.46993 194.3760 219.8898 229.1597 307.1120 10
ff(DF[-1]) 416.07297 434.0792 439.1970 452.8345 496.2048 10
max.col(DF[-1], "first") 99.71936 138.2285 175.2334 207.6365 239.6519 10
奇怪的是，这并没有重现Alexis＆＃39;时间，显示大卫是最快的。这是在R 3.1.2。
编辑：基于与Frank的convo，我更新了Alexis功能，以便与R 3.1.2更兼容：
ff2 = function(x) {
ans = as.integer(x[[1]])
for(i in 2:length(x)) {
inds = which(ans == 0L)
if(!length(inds)) return(ans)
ans[inds] = i * (x[[i]][inds] == 1)
}
return(ans)
}
这更接近原始结果：
Unit: milliseconds
expr min lq median uq max neval
ff(DF[-1]) 407.92699 415.11716 421.18274 428.02092 462.2474 10
ff2(DF[-1]) 64.20484 72.74729 79.85748 81.29153 148.6439 10
答案 4 :(得分：3)
您可以在this tweet中显示的方法中使用dplyr::case_when内的dplyr::mutate()。
# Using version 0.5.0.
# Dev version may work without `with()`.
df %>%
mutate(., firstyear = with(., case_when(
in05 == 1 ~ 2005,
in06 == 1 ~ 2006,
in07 == 1 ~ 2007,
in08 == 1 ~ 2008,
in09 == 1 ~ 2009,
TRUE ~ 0
)))
答案 5 :(得分：2)
我总是喜欢使用整理数据。第一个方法过滤了cumsums
# Tidy
df <- df %>%
gather(year, present.or.not, -id)
# Create df of first instances
first.df <- df %>%
group_by(id, present.or.not) %>%
mutate(ranky = rank(cumsum(present.or.not)),
first.year = year) %>%
filter(ranky == 1)
# Prepare for join
first.df <- first.df[,c('id', 'first.year')]
# Join with original
df <- left_join(df,first.df)
# Spread
spread(df, year, present.or.not)
或者这个替代方案，在整理之后，从排列的组中切出第一行。
df %>%
gather(year, present_or_not, -id) %>%
filter(present_or_not==1) %>%
group_by(id) %>%
arrange(id, year) %>%
slice(1) %>%
mutate(year = str_replace(year, "in", "20")) %>%
select(1:2) %>%
right_join(df)`
答案 6 :(得分：0)
其他凌乱的选择：
library(tidyr)
library(sqldf)
newdf <- gather(df, year, code, -id)
df$firstyear <- sqldf('SELECT min(rowid) rowid, id, year as firstyear
FROM newdf
WHERE code = 1
GROUP BY id')[3]
library(tidyr)
df2 <- gather(df, year, code, -id)
df2 <- df2[df2$code == 1, 1:2]
df2 <- df2[!duplicated(df2$id), ]
merge(df, df2)
library(tidyr)
library(dplyr)
newdf <- gather(df, year, code, -id)
df$firstyear <- (newdf %>%
filter(code==1) %>%
select(id, year) %>%
group_by(id) %>%
summarise(first = first(year)))[2]
输出：
id in05 in06 in07 in08 in09 year
1 a 1 0 1 0 0 in05
2 b 0 0 1 1 0 in07
3 c 0 0 0 1 0 in08
4 d 1 1 1 1 1 in05
一个更清洁的解决方案将plaforts解决方案与alexises_laz结合起来是：
names(df) <- c("id", 2005, 2006, 2007, 2008, 2009)
df$firstyear <- names(df[-1])[apply(df[-1], 1, which.max)]
id 2005 2006 2007 2008 2009 firstyear
1 a 1 0 1 0 0 2005
2 b 0 0 1 1 0 2007
3 c 0 0 0 1 0 2008
4 d 1 1 1 1 1 2005
如果我们想保留原始列名，我们可以使用@David Arenburg提供的重命名。
df$firstYear <- gsub('in', '20', names(df[-1]))[apply(df[-1], 1, which.max)]
id in05 in06 in07 in08 in09 firstYear
1 a 1 0 1 0 0 2005
2 b 0 0 1 1 0 2007
3 c 0 0 0 1 0 2008
4 d 1 1 1 1 1 2005