Question

我使用了应用模板ionic-starter-sidemenu来启动应用。

此App模板使用带有dot notation的父状态将菜单包含在子状态中。

是否可以通过使子状态在＆＃34; / a-child-state＆＃34;等URL上可用的方式来实现。而不是＆＃34; / the-parent-state / a-child-state＆＃34;？

Answer 1

是的，只需申报没有父母的州。菜单是一个抽象状态，它的子节点用PARENT.CHILD声明 - 这使后退按钮能够发挥其魔力。

$stateProvider
 .state('login', {
    cache: false, 
    url: '/login',
    cache: false,
    templateUrl: 'app/login/login.html',
    controller: 'LoginCtrl'
  });

只需在除config之外的任何地方调用$ state.go。

$state.go('login');

Answer 2

我想出来了。删除"url" property可以轻松实现这一点完全来自父母的声明。将其设置为

url: "/"

不起作用（虽然将其设置为空字符串也可以。）

是否可以拥有父状态而不在URL中使用其名称？

2 个答案: