Question

考虑以下代码：

#include <stdio.h>
#include <sys/types.h>
#include <unistd.h>

int main(void)
{
    int i;
    for(i = 0; i < 2; i++)
    {
        fork();
        printf(".");
    }
    return 0;
}

该程序输出8个点。怎么可能呢？不应该有6个点吗？

Answer 1

fork()原语经常延伸想象力。在您了解它之前，您应该在纸上找出每项操作的内容并说明进程数。不要忘记fork（）创建了一个近乎完美的当前进程副本。最重要的区别（对于大多数用途）是fork()的父级和子级之间的返回值不同。（由于此代码忽略了返回值，因此没有区别。）

所以，首先，有一个过程。这创建了第二个进程，两个进程都打印了一个点和循环。在第二次迭代中，每个都创建另一个副本，因此有四个进程打印一个点，然后退出。因此，我们可以像您期望的那样轻松地占据六个点。

然而，printf()真正做的是缓冲其输出。因此，只有两个进程的第一个点在写入时不会出现。这些点保留在缓冲区中 - 在fork（）处重复。直到该过程即将退出，才会出现缓冲点。打印缓冲点的四个过程加上新的点可以得到8个点。

如果您想避免这种行为，请在fflush(stdout);之后致电printf()。

Answer 2

您在输出流中有未提交的缓冲区。 stdout是行缓冲的，缓冲区与进程的其余部分一起复制。程序终止时，未提交的缓冲区被写入两次（每个进程一次）。两者都使用

printf("a\n");

和

printf("a "); fflush(stdout);

不要表现出问题。

在第一个示例中，您创建了四个进程，其输出流缓冲区中每两个点都有一个。当每个流终止时，它会刷新缓冲区，产生8个点。

Answer 3

当i = 0时

Process_1：缓冲文本= 1点

Process_2（由Process_1创建）：缓冲文本= 1点

<=> 当i = 1

时

Process_3（由Process_1创建）：从Process_1继承1个缓冲点并自行打印1个点。 Process_3总共打印2个点。

Process_4（由Process_2创建）：从Process_2继承1个缓冲点并自行打印1个点。总共Process_4打印2个点。

Process_1：打印2个点（i = 0时为一个缓冲点，i = 1时为另一个点）

Process_2：打印2个点（i = 0时为一个缓冲点，i = 1时为另一个点）

最终输出：8点。：）

fork（）分支超过预期？

3 个答案: