Question

我必须找出某人的代码...... 当用户单击“提交”时，它将转到另一个页面。但似乎文件中没有$ _post，$ _get或$ _REQUEST。我还尝试删除输入标记中的名称和值，它仍然有效。如果我在表单标签中删除方法，名称和ID，它仍然有效...

如果删除表单标记，则无效。

   <form method="post" name="my_form" id="50">form content
   <input type="submit" name="val1" value="value"></input>
   </form>

删除方法，名称和ID后，它仍然有效：

    <form>form content
   <input type="submit"></input>
   </form>

所以我的问题是，您是否有其他方式可以用于提交表单？谢谢你的时间。

Answer 1

您的代码可能正在使用AJAX请求而不是经典表单提交方法。如果您发现action HTML标记中没有form属性，而是有一个id属性，可以通过Javascript轻松选择该项目。

例如jQuery：

$('#50')...

Answer 2

我认为杰弗里可能是对的。它可能是使用Javascript或Ajax或JQuery或这些的一些组合。查找链接到表单元素的onSubmit事件函数，或者可能是链接到页面Javascript部分中的Submit input元素的onClick事件函数。这很容易调用文档。{formelement} .submit（）。鉴于它无法正常工作，它甚至可以执行window.location（）调用以导航到其他页面而不传递任何数据（eugh !!!）除非我们能看到更多剧本，否则在黑暗中拍摄。

Answer 3

如果从form标记中删除所有属性后表单仍然有效，并且您在文件中找不到对$_POST，$_GET或$_REQUEST的任何引用（s ）被调用，有可能register_globals被打开（如果你不在PHP 5.4 ......）。

该设置会导致发布的变量自动转换为“正常”变量，例如$val1。

如果是这种情况，强烈建议将其关闭并重写代码以使用“普通”超级全局（请参阅手册）。

Answer 4

如果它不在该文件中（并记得检查ALL包含/要求）

然后服务器正在重写它。检查您的apache配置文件。

您可以使用像firebug这样的工具来判断表单提交的页面。但代码的外观是将其提交到当前的页面

提交表单而不使用$ _POST

4 个答案: