Question

这可能需要一些非常基本的东西，但我找不到按照我希望它的方式做到这一点的答案。我所拥有的是一个文章的mysql表和一个收藏夹表，如果你喜欢一篇文章，那么就会记录这些信息。因此，我需要从一张桌子中选择我喜欢的所有文章，然后从另一张桌子中选择所有文章，并将它们全部显示为Feed，我已经完成了。我需要帮助的部分是说，如果我喜欢其中一个帖子，请不要显示类似按钮（或者，如果我还没有喜欢它，请显示按钮）。任何人都可以指出我正确的方向吗？这是我的代码，但它只显示了我喜欢的最后一个代码：

<?php
$check_like_sql = "SELECT * FROM posts WHERE type = 'Like' && poster = '$yourid'";
$check_like_res = mysqli_query($con, $check_like_sql) or die (mysqli_error());
if(mysqli_affected_rows($con)>0){
    while($likes = mysqli_fetch_array($check_like_res)){
        $yourlike = $likes['media'];
    }
}
?>
<?php
$get_posts_sql = "SELECT posts.*, members.username, members.avatar, fans.connection FROM posts LEFT JOIN members ON members.id = posts.poster LEFT JOIN fans ON fans.fan = '$yourid' WHERE posts.poster = fans.connection ORDER BY date DESC";
$get_posts_res = mysqli_query($con, $get_posts_sql) or die (mysqli_error());
if(mysqli_affected_rows($con)>0){
    while($posts = mysqli_fetch_assoc($get_posts_res)){
        $postid = $posts['id'];
        etc
        etc


        if($yourlike == $postid){
            $likethis = "<a href=\"php/unlike.php?poster=$yourid&post=$postid\">Unlike</a> . ";
        }
        else if($posttype == "Like"){
            $likethis = "";
        }
        else{
            $likethis = "<a href=\"php/like.php?poster=$yourid&lat=$yourlat&lon=$yourlon&like=$postid&user=$postusername\">Like</a> . ";
        }

        $post .= "";
    }
}
?>

Answer 1

您可以将文章表中的外部联接留给您的likes_articles表。

select a.*, 
       case when la.liked_article_id is null then 'Not Liked Yet' else 'Already Liked' as LikedStatus 
from   articles a
left outer join liked_articles la
on     a.id = la.article_id
and    @userId = la.user_id;

这对于MYSQL来说可能在语法上不正确，但你得到了要点。

基于多个选择的结果运行if语句

1 个答案: