新手在这里。 有人可以帮我找出解决方案。 我每次上传图片时都会说它已成功上传。当我检查我的comp上的临时文件夹时,是的它是存储但是当涉及到数据库时,它不会存储我上传的任何图像。 这是我的代码。 希望有人可以帮助我。
<?php
if($_POST)
{
$con = mysqli_connect("localhost", "root", "", "pamphotos") or die('error in connection'.mysqli_connect_error());
$caption = $_POST['caption'];
$image_cont = 'c://uploads//';
$image_cont2= 'c://uploads//thmb//';
$filename = $_FILES["file"]["name"];
$src = $image_cont . $filename;
$thumb = $image_cont2. $filename;
if ($_FILES["file"]["error"] > 0)
{
echo "Return Code: " . $_FILES["file"]["error"] . "<br>";
}
else
{
echo "Upload: " . $_FILES["file"]["name"] . "<br>";
echo "Type: " . $_FILES["file"]["type"] . "<br>";
echo "Size: " . ($_FILES["file"]["size"] / 1024) . " kB<br>";
echo "Temp file: " . $_FILES["file"]["tmp_name"] . "<br>";
if (file_exists("upload/" . $_FILES["file"]["name"]))
{
echo $_FILES["file"]["name"] . " already exists. ";
}
else
{
move_uploaded_file($_FILES["file"]["tmp_name"],"c://uploads//" . $_FILES["file"]["name"]);
$q = "INSERT into photos(p_desc, p_src, p_thumbsrc) VALUES('$caption', '$src','$thumb')";
$stmt = mysqli_prepare($con, $q) or die('error in connection'.mysqli_connect_error());
if($stmt)
{
echo "File succesfully Uploaded.";
}
}
}
}
&GT;
答案 0 :(得分:0)
您正在使用prepare()作为INSERT语句,但不是execute()它。因此该行未插入数据库。
以下是我将如何编写运行查询的部分:
$stmt = $con->prepare($q);
if ($stmt === false)
{
trigger_error($con->error, E_USER_ERROR);
}
if ($stmt->execute() === false) {
trigger_error($stmt->error, E_USER_ERROR);
}
echo "File succesfully Uploaded.";
PS:这与您的问题有点相关,但您应该使用查询参数而不是将变量插入到查询中。您有SQL注入的风险。