Question

我提供了代码，其中第一个参数是图像路径或MySQL数据库中的默认NULL，

function formatImage($img = NULL, $alt = NULL)
    {
        // if(isset($img)) DOESN'T WORK
        if(!$img == NULL)
        {
            return '<img src="' . $img . '" alt="' . $alt .'" />';
        }
        else
        {
            return NULL;
        }
    }

为什么isset不起作用？相反，我必须检查是否（！$ img == NULL）。

如果使用isset检查参数，并且$ img在数据库中为NULL。作为输出我得到整个HTML IMG标记与空src attibutes，和alt属性是从数据库获取的actaully标题。将display属性设置为none，不能接受没有src属性的图像。

Answer 1

试试这个：

if($img != NULL) {
    return '<img src="' . $img . '" alt="' . $alt .'" />';
}

<强>解释

如果你将!$img与NULL进行比较，你基本上会在$img上做一个布尔反转，然后看看它是否与NULL相比 - 这不是你想要的。

另外，请注意您应该使用

if($img !== NULL)

代替。 !=将比较提供的变量的值，而!==将比较值和数据类型（在NULL情况下可能是您的最佳利益）。

Answer 2

用var_dump检查变量后，从数据库返回的数据实际上是空字符串，

string(0) "" and not `NULL` datatype and value literally.

这就是isset()在两种情况下都保持返回TRUE的原因。使用值检查工作正常，因为返回的值是空字符串而不是NULL数据对象，我的意思是类型。

从php.net获取ISSET语言构造的返回值：

如果var存在并且其值不是NULL，则返回TRUE，否则返回FALSE。

如果!==为真，则检查返回的变量值和数据类型是否为NULL，因为数据类型为非NULL，因为值为IS NULL。

似乎问题实际上是我在数据库字段中预期NULL表现为NULL数据类型。

如果我错了，请纠正我。

+1 @SquareCat

检查数据库记录的NULL - ＆gt; isset与is_null

2 个答案: