Question

我知道有很多关于json的问题，但他们没有回答我的问题（或者我找不到任何东西，这对我有帮助）。我的Symfony2控制器的一部分，它向我发送数据。

return $this->createResponse(array(
            'result' => $users
    ));
die();
}
/**
 * Interni pomocna funkce na vytvareni json odpovedi
 * @param unknown $array
 * @return \Symfony\Component\HttpFoundation\Response
 */
protected function createResponse($array = array()) {
return new Response(
        json_encode($array),
        200,
        array(
                        header('Content-type: application/json')    
        )
);
}

获取JSON数据的Javascript函数。

function getUsers(date_from, date_to) {
alert(date_from+" "+date_to);
var url = "{{ path('vetkomdochazkaBundle_apiGetUsers') }}";
$.post(url, JSON.stringify([date_from,date_to]), function(data) {
           markUsers(data['result']);
            }, 'json');
};

在localhost（wamp服务器）上一切正常，我获取数据并解析它，以便我可以将它用作数组。但是当我在php5.3服务器上运行时，我得到正确的数据（我可以用JSON.stringify编写它），但是我不能像在localhost上那样使用它们（我不能使用alert（data ['result' ]），它只写对象。

我做错了什么？

Answer 1

检查PHP VERSION JSON功能是否为PHP 5＆gt; = 5.2.0，

Answer 2

Symfony有一个JsonResponse对象，可能会使您的代码更清洁，并可以解决您的问题。另外，取出模具

/**
 * Interni pomocna funkce na vytvareni json odpovedi
 * @param unknown $array
 * @return \Symfony\Component\HttpFoundation\JsonResponse
 */
protected function createResponse($array = array()) {
    return new JsonResponse(
        $array,
        200
    );
}

否则，您需要设置标题，如此

return new Response(
    json_encode($array),
    200,
    array('Content-type', 'application/json')
);

解析JSON在localhost上工作但不在服务器上工作

2 个答案: