Question

我有以下javascript代码：

$.get("categories/json_get_cities/" + stateId,  function(result)
        {            
            //code here
        }, 'json'
    );

处理它的PHP代码基本上输出如下内容：

function json_get_cities($stateId)
{
    //code here
    echo json_encode(array('cities'=>$cities));
}

在firebug控制台中，我可以看到正在按预期进行ajax请求，收到200 OK响应，并返回包含城市的看似正确的JSON对象。但是由于某种原因，我传递给jquery的回调函数没有被调用。

即使在函数顶部加debugger个电话，即

$.get("categories/json_get_cities/" + stateId,  function(result)
        {            
            debugger;
            //code here
        }, 'json'
    );

不起作用。但是，如果我删除'json'的第三个参数，则调用该函数（但响应文本被视为纯文本而不是JSON对象）。

这是服务器返回的JSON响应：

{"cities":[{"id":"1613","stateId":"5","name":"Acton"}]}

有什么想法吗？

Answer 1

您确认这是有效的JSON吗？在jQuery 1.4中，JSON解析以严格的方式完成，任何格式错误的JSON都会被拒绝并抛出parsererror。

在回调中尝试console.log(arguments)进行调试。

另外，你说'json'是第四个参数，但它应该是第三个参数（如你的例子中所示）。

Answer 2

使用此确保json有效...

JSON Validator

Answer 3

调试其中一些ajax问题的另一种方法是使用.ajax方法，将GET作为方法类型而不是.get方法传递。除了成功方法之外，这还允许您指定错误回调函数。

Answer 4

请记住，JSON字段名称必须用引号括起来，例如在文件中编写json时要加载jquery的值。例如：

在代码中：

{
  name: "value"
}

在JSON文件中：

{
  "name": "value"
}

Jquery getJson没有调用回调

4 个答案: