Question

在我的Web应用程序中，工作流程要求我应该从另一个函数调用一个控制器函数我应该添加额外的代码或一些配置来继续吗？现在这就是我实施的方式。但是当我点击＆＃34;保存＆＃34;按钮什么都没有发生，值只是从表单中变空。

我的代码。我想创建一个模型对象＆＃34; BookVegetable＆＃34;内部＆＃34; ProducerOfferController＆＃34; 。我在producerOffer控制器中的代码

 public function actionCreate()
{
    //$book_vegetable=new BookVegetable;
    $model=new BookVegetable;
    if(isset($_POST['BookVegetable']))
    {
        $model->attributes=$_POST['BookVegetable'];
        $model->booked_by = Yii::app()->user->id;
        $model->save();
        if ($model->hasErrors() === false)
        {
            $this->redirect(Yii::app()->user->returnUrl);
        }
    }
    else
    {
        Yii::app()->user->setReturnUrl($_GET['returnUrl']);
    }
    $this->render('book',array('model'=>$model,));
}

我的代码来自视图

    <div style='padding-left:50px'>
    <?php $form=$this->beginWidget('bootstrap.widgets.TbActiveForm',array('id'=>'non-ajax_form','enableAjaxValidation'=>false,)); ?>
    <p class="help-block">Fields with <span class="required">*</span> are required.</p>

    <?php echo $form->errorSummary($model); ?>
    <?php echo "<br>" ?>


    <?php echo CHtml::textField("booked_quantity",$model->booked_quantity); ?>

我的情景

public function actionBookvegetable($id){
    $BookVegetable=new BookVegetable;
    $model=$this->loadModel($id);
    if(isset($_POST['ProducerOffer'],$_POST['BookVegetable']))
    {

        $model->attributes=$_POST['ProducerOffer'];
        $BookVegetable->attributes=$_POST['BookVegetable'];
        $BookVegetable->booked_by=Yii::app()->user->id;
        $BookVegetable->producer_offer_id=$model->id;
        $model->save();
        $BookVegetable->save();

        if (($model->hasErrors() === false)||($BookVegetable->hasErrors()=== false))
        {
            $this->redirect(Yii::app()->user->returnUrl);
          }
    }
        else
        {
            Yii::app()->user->setReturnUrl($_GET['returnUrl']);
        }
        $this->render('book',array('model'=>$model,'BookVegetable'=>$BookVegetable));
        }






<div class="form-actions">
    <?php $this->widget('bootstrap.widgets.TbButton', array('buttonType'=>'submit', 'type'=>'primary', 'label'=>  'Save',)); ?>

我该如何解决这个问题？是否必须添加额外的内容以在另一个控制器中使用一个控制器操作保存前的网址和按下保存后的网址相同

 http://localhost/xxx/producerOffer/bookvegetable/20?returnUrl=%xxx%2FproducerOffer%2Fmanage

Answer 1

根据您提供的信息..当您到这里时，

http://xxx.yyy.zzz/xxxx/producerOffer/create

实际上它应该显示书的形式，当你点击那里的保存按钮并转到returnUrl。

$这 - ＆GT;重定向（Yii的::应用程序（） - ＆GT;用户＆GT; RETURNURL）;

我建议你写下以下内容，

$model->save();
$BookVegetable->save();

if (($model->hasErrors() === false)||($BookVegetable->hasErrors()=== false))
{
    $this->redirect(Yii::app()->user->returnUrl);
  }

要，

if($model->save() && $BookVegetable->save())
    $this->redirect('yourAction'); //if params needed, $this->redirect(array('yourAction', 'id' => $model->id));

当你到这里时，http://xxx.yyy.zzz/xxxx/producerOffer/bookvegetable

您在ActionBookvegetable下编写的代码将会触发。

要确保您的值正确提交，请更改此代码

$model->save();
if ($model->hasErrors() === false)
{
    $this->redirect(Yii::app()->user->returnUrl);
}

to，

if($model->save())
    $this->redirect('yourAction');
else
    print_r(getErrors());

这将打印任何阻止保存模型的错误。试一试后请告诉我。

Answer 2

在Yii2中执行此操作的一种方法

<强>背景

在SiteController中，索引方法从另一个名为voyzes的模型中获取所有对象的记录。

在SiteController中

包括其他型号ex。 Voyzes

现在，在SiteController动作索引方法中，实现代码以访问模型/ SQL / NoSQL或任何内容，并将其设置为数组并将其返回到视图。对于前者

现在，在索引视图中，您应该拥有其他模型的数据。

Answer 3

在我的工作中，我在＆＃34; loadModel＆＃34;周围有很多逻辑。控制器中的例程以确保登录的用户可以访问特定模型。当我需要访问模型时，我发现这可以从另一个控制器工作，而无需移动或重新复制loadmodel例程：

$caseviewController = Yii::app()->createController('Caseview');
//use this method from caseview controller to securley load case view model
$caseview = $caseviewController[0]->loadModel($caseviewid);

Yii从另一个控制器调用控制器功能

3 个答案: