Question

我要建立一个具有登录，添加，编辑，删除功能的迷你系统。登录，添加和删除功能没有问题，但没有编辑。这是我的update.php代码。仅供参考，此代码没有显示任何错误。

<?php
ini_set('display_errors', '1');
error_reporting(E_ALL ^ E_NOTICE);
require_once "conn.php";

$conn=connect();
$db=connectdb();

$ic= "";
$parcelno = "";
$items = "";
if(isset($_REQUEST['ic'])){ $ic= $_REQUEST['ic']; }
if(isset($_REQUEST['parcel'])){ $parcel = $_REQUEST['parcel']; }
if(isset($_REQUEST['items'])){ $items = $_REQUEST['items']; }


mysqli_select_db($conn, $db) or die (mysqli_error($conn)."\n");
$sql="UPDATE parcel SET parcelno='".$parcel."', items='".$items."' where ic='".$ic."'";
$result=mysqli_query($conn,$sql) or die(mysqli_error($conn)."\n");

}

Answer 1

您的代码没有显示错误，但它不起作用。
您应该在数据库和数据库中定义表和列的名称。您的表单字段的名称也是如此。
在您的代码中，它们不清楚（有时您使用parcel，有时使用parcelno作为变量，这两个是不同的。两个变量必须匹配）

现在，让我们考虑你有一个表单，用户在包含 connections.php ...

之后插入新值来更新数据库中的表。

表名：tname
表单字段：Ic Parcel Items
表格列：ic parcel items

当用户点击保存：

    if(isset($_POST['Save']))
    {
        $ic= $_POST['ic'];
        $parcel= $_POST['parcel'];
        $items= $_POST['items'];

    $query= "UPDATE tname SET Ic='{$ic}', Parcel='{$parcel}', Items='{$items}'", 
    $res= mysql_query($query);
    if (!$res){echo mysql_error()};
    }

然后您可以返回$res并显示更新的字段。

这是MySQL中的更新代码。

但最好使用mysqli_affected_rows()。

PHP：无法编辑MySQL数据库中的数据

1 个答案: