Question

我创建了一个名为connect的类，它包含了我的数据库的构造函数：

construct.php

<?php
    include('includes/constants.php');

    class connect {
        public $db;
        function __construct() {
            $this->db = new mysqli(DB_HOST, DB_USER, DB_PASS, DB_NAME) or die();
        }
    }   
?>

我正试图达到这个级别＆amp;从另一个类中起作用：

mysql.php

<?php
    include_once('construct.php');
    $connect = new connect();

    class mysql {
        function verifyLogInData($email, $password) {
            $query = "SELECT * FROM users WHERE email = ? AND password = ? LIMIT 1";

            if($stmt = $connect->db->prepare($query)) {
                $stmt->bind_param('ss', $email, $password);
                $stmt->execute();

                if($stmt->fetch()) {
                    $stmt->close();
                    return true;
                }
            }
        }
    }
?>

然而，似乎我无法触发$ connect对象。什么是正确的方法，或者我应该用另一种方法触发这个功能？

给我错误的行：

if($stmt = $connect->db->prepare($query)) {

提前致谢。

PS：非常感谢我对我的代码的任何建议：）

Answer 1

您需要了解变量范围。在这种情况下，您可以将实例传递给方法：

function verifyLogInData($email, $password, $connect) {...}

虽然通过构造函数将它注入到mysql类中可能会更好，或者确实将两者合并为一个类 - 但是当它们如此紧密耦合时，我看不到有两个好的共鸣

从另一个类触发__construct函数

1 个答案: