我可以在作为参数传递的类型上专门化泛型函数吗？

Question

我希望能够通过将类型作为参数传递来专门化泛型函数，而不必声明具有所需类型的变量并为该变量写入赋值。

在我的用例中，我走上响应者链，寻找符合某个协议的对象。如果找到，我想在该对象上调用一个方法。

我试图在＆＃34; swift-y＆＃34; （即安全类型）。

我目前使用的代码如下所示：

if let r:UndoManager = self.findResponder() {
    r.undo(...)
}

但这使得很难在声明中链接。

我想做一些更简洁的事情，如下所示，将所需的协议作为参数传递给我的函数。

self.findResponder( UndoManager )?.undo(...)

在这个例子中，假设我有协议 UndoManager ，定义为

protocol UndoManager {
    func undo(...)
}

另外，我的 findResponder（）声明目前看起来像是

public extension NSReponder {
    public func findResponder<T>() -> T? {
        ...
    }
}

Answer 1

如果您想self.findResponder( UndoManager )?.undo(...)代替(findResponder() as Undo?)?.undo(...)，方法签名将是：

    public func findResponder<T>(_: T.Type) -> T? {
        // ...
    }