Question

我试图检查我的数据库是否存在行，但它总是返回＆＃34;另一个Employee＆＃34;已存在用户ID，如果存在或不存在。这令我感到困惑，因为代码之前正在运行。我添加的最新更改是PHP会话，我认为这会破坏它吗？

对于会话，如果需要此信息，我会在页面顶部启动会话，如果会话为0，则会加载密码框，当输入正确的密码时，会话会话设置为1然后显示页面上的所有其他框，包括将员工添加到表中的那个，这是我遇到问题的地方。

这是输入框的代码：

<h1>Add New Employee</h1>
                                <form method="POST">
                                ID: <input name="IDadd" type="text"> 
                                Name: <input name="Nameadd" type="text"> 
                                Job: <select name='Jobadd'>
                                      <option value='IOS'>IOS</option>
                                      <option value='Remarketing'>Remarketing</option>
                                      <option value='Computers'>Computers</option>
                                      <option value='Beats'>Beats</option>
                                      <option value='Inventory'>Inventory</option>
                                      <option value='Check-In'>Check-In</option>
                                      <option value='Tech'>Tech</option>
                                      </select> 
                                <input value="Submit New Employee" type="submit" onsubmit="return false" id="newEmployee" name="newEmployee"><br><br></center>
                                </form>

以下是应该检查它是否已存在的代码。

if (isset($_POST['newEmployee'])) {

                            $userId = mysqli_real_escape_string( $con, $_POST[ 'IDadd' ] );
                            $userName   = mysqli_real_escape_string( $con, $_POST[ 'Nameadd' ] );
                            $userJob    = mysqli_real_escape_string( $con, $_POST[ 'Jobadd' ] );


                                $checkUserID = mysqli_query("SELECT `userId` FROM Employee WHERE `userId`='$userId'");
                                if (mysqli_num_rows($checkUserId) > 0) {
                                    $sql = "INSERT INTO Employee (userId, Name, Job, Week)
                                    VALUES ('$userId', '$userName', '$userJob', '$currentWeekIs')";
                                    mysqli_query($con, $sql);
                                } else {
                                    echo $userId . " " . $userName . " " . $userJob;
                                    echo "<center><br><br><h1>User ID ".$userId." already exists for another employee.</h1></center>";
                                }

                                }

所以，我想我的问题是，为什么它总是返回＆＃34;用户ID已经存在于另一个员工＆＃34;？或者，我如何解决这个问题有哪些替代方案？

Answer 1

您的查询失败，因为您没有将正确的参数传递给正在进行SELECT的mysqli_query()。

第一个参数需要是连接资源，其次是查询本身。查看文档，确保在开发时查看错误日志，并在代码中包含错误处理。

如果存在行，则检查MYSQL数据库

1 个答案: