Question

我想在这里实现的是，无论何时用户点击单选按钮，它都会相应地更改任务的状态

<input type="radio" name="status"
<?php if($task->status == 'todo'){echo('checked');}?>
onchange = "change('todo')">Todo

<input type="radio" name="status"
<?php if($task->status == 'doing'){echo('checked');}?>
onchange = "change('doing')">Doing

<input type="radio" name="status"
<?php if($task->status == 'done'){echo('checked');}?>
onchange = "change('done')">Done

<script>
  function change(status){
  $.ajax({
      url: "/changeStatus.php/",
      type: "POST",
      data: { 'status': status, 'task_id': '<?php echo($task->id); ?>' },                   
  });
  }
</script>

并在我的＆＃34; changeStatus.php＆＃34;文件

<?php
    dd($_GET['status']);
    $con=mysqli_connect("127.0.0.1","root","","project_management");
    // Check connection
    if (mysqli_connect_errno()){
        echo "Failed to connect to MySQL: " . mysqli_connect_error();
    }

    $status = $_POST['status'];
    $task_id = $_POST['task_id'];
    dd($status,$task_id);
    $sql = "UPDATE 'tasks' SET 'status' = '$status' WHERE 'id' = 'task_id'";

    if (!mysqli_query($con,$sql))
    {
        die('Error: ' . mysqli_error($con));
    }

    mysqli_close($con);

?>

问题是当我点击单选按钮时数据库没有更新，并且没有错误！任何帮助表示赞赏！

注意：为什么＆＃34; laravel＆＃34;在标签中;是因为我将其更改为使用POST方法（应该是正确的方法）时的错误是在我的app.js文件中返回错误（来自laravel）。

结论：感谢Loren bellow（apporoved）的回答，我也对代码做了一些修改，如下所示 -in my changeStatus.php我删除了dd和var_dump函数;因为它创造了错误。 - 将提交方法从GET更改为POST - 并将查询修复为：

$sql = "UPDATE tasks SET status = '$status' WHERE id = '$task_id'";

Answer 1

在我看来，你的问题就在这里：

$sql = "UPDATE 'tasks' SET 'status' = '$status' WHERE 'id' = 'task_id'";

应该是

$sql = "UPDATE 'tasks' SET 'status' = '$status' WHERE 'id' = '$task_id'";

注意：这不是Laravel编辑数据库条目的方法，并且是一种非常不安全的方式来运行数据库查询。请，请验证status和task_id，以免发生数据库注入攻击。（但它似乎是一个Laravel观点。）

Laravel：AJAX没有更新数据库表

1 个答案: