Question

empty($var)

运行此代码后，$ var [＆＃39; key＆＃39;]尽管从未明确设置，但最终仍然存在。这意味着true将不再返回$foo = &$bar['key']; $echo array_key_exists('key', $bar)? "true" : "false";，这会让我感到困扰。

这种行为是否有意？我无法找到相关文档。

<小时/> 一个更简单的代码，可以得到相同的结果：

php composer dump-autoload

Answer 1

要通过引用传递，必须有一个传递引用。要获得传递的引用，必须创建该变量。因此，可以预期在上面的代码中创建变量。

这类似于内置exec( $cmd, $out)的情况，即使$ cmd不产生输出，也会存在$ out。

在您的代码中，您可以尝试empty($var['key']。

Answer 2

由于您需要将变量传递给函数，因此必须首先创建引用。在其他语言中，您会收到错误，因为密钥不存在，因此无法传递给函数。但是，在PHP中，创建变量和使用变量之间没有区别。因此，您正在创建密钥然后传递它，但PHP语法会将其隐藏起来。

当由PHP解释执行时，实际发生这种情况：

$var['key'] = null;
value($var['key']);

解释器确实是一种奇怪的行为。如果变量是按值传递的，那么它将生成运行时错误，因为它不会被隐式创建。