PHP函数通过引用传递不在函数范围之外

Question

为什么此代码打印1而不是其他任何内容？该函数通过引用传递，但引用似乎不适用于函数范围。为什么呢？

struct silly{
  operator char*()const{ return 0;}
  operator char const*() const{ return "hello"; }
};

Answer 1

修改函数中的变量 a 时，它未在外部修改，因为它未定义为全局变量，因此 a 的值仍然存在在调用函数之前声明的 1 。如果您尝试在global $a;之前添加$a =& $b;，那么您将获得$a = 2;

Answer 2

将$a =& $b;更改为$GLOBALS['a'] =& $b;

OR

function a(&$a, &$b) {  
    $a =& $b;  
    return $a;
}
$a = 1;
$b = 2;
print a($a, $b);