Question

我有这段代码：

我的mysql表＆＃39;国家＆＃39;包含列： id和名称

<input type="text" name="country" id="country" class="form-control input-lg" autocomplete="off" placeholder="Type Country Name" />

<input type="hide" name="id_country" id="id_country" />

<script>
$(document).ready(function(){

    $('#country').typeahead({
        source: function(query, result)
        {
            $.ajax({
                url:"fetch.php",
                method:"POST",
                data:{query:query},
                dataType:"json",
                success:function(data)
                {
                    result($.map(data, function(item){
                            return item;
                        }));
                }
            })
        }
    });
});
</script>

<?php
//fetch.php
$request = mysqli_real_escape_string($connect, $_POST["query"]);
$query = "
 SELECT * FROM countries WHERE name LIKE '%".$request."%'
";

$result = mysqli_query($connect, $query);

$data = array();

if(mysqli_num_rows($result) > 0)
{
    while($row = mysqli_fetch_assoc($result))
    {
        $data[] = $row["name"];
    }
    echo json_encode($data);
}

?>

上面的代码是演示，完整版是here

如何导入国家/地区ID并将其插入id_country输入？

谢谢！

Answer 1

尝试添加更改侦听器，并在更改触发typeahead输入元素时使用它来分配ID。

$('#country').change(function(ev){
    var id = ($(this).typeahead("getActive") || {}).id;
    $('#id_country').val(id);
});

PS：你还需要改变

$data[] = $row["name"];

到

$data[] = $row;

以便ID也是JSON编码数据的一部分，然后应该如下所示：

[{ "id": 1, "name": "Australia"}, { "id": 2, "name": "Germany"}]

Answer 2

您可以在同一查询中执行所有操作

$query = "INSERT INTO table (country_id) SELECT id FROM table";

只需更改表值

Answer 3

试试这个

$('#id_country').val(<country-code>);

为此，您必须从PHP返回国家/地区名称和ID。当用户选择国家/地区时，您可以触发click事件以将选定的国家/地区ID值插入输入。

用ajax添加php数据

3 个答案: