Question

XSLT中是否有一个函数可以接收目录路径并返回其中的所有文件？

我有一个xml文件现在读起来像这样

<filelist>
    <file>fileA.xml</file>
    <file>fileB.xml</file>
</filelist>

现在，有一个名为dir的目录，其中包含文件fileX.xml，fileY.xml和一堆其他xml文件。我想将这些文件添加到原始xml文件中，以便我可以获得：

<filelist>
    <file>fileA.xml</file>
    <file>fileB.xml</file>
    <file>fileX.xml</file>
    <file>fileY.xml</file>
    .... <!-- other files -->
</filelist>

是否有XSLT方法可以做到这一点？接受dir根目录的东西，能够通过它中的所有文件进行迭代吗？然后我可以称之为：

<xsl:element name = file >
     <xsl:copy> <!--whatever file name--> <xsl:copy>
</xsl:element>0

[编辑-溶液]

所有答案都非常有用。我最终找到了一个外部解决方案（使用撒克逊）。我认为其他人在这里发布我的解决方案可能会有所帮助，尽管这对我自己的情况非常具体。

我使用Ant构建一个java Web应用程序，需要在部署之前翻译一些xml文件。因此，我使用xslt任务通过在类路径中添加“saxon9.jar”来完成工作。在我的xsl文件中，我做了类似的事情：

<xsl:for-each select="collection('../dir/?select=*.xml')" >
     <xsl:element name='file'>
        <xsl:value-of select="tokenize(document-uri(.), '/')[last()]"/>
     </xsl:element>
</xsl:for-each>

Answer 1

XSLT没有为此任务内置任何内容。 XSLT是一种转换语言 - 对于动态输出，您通常需要一个包含所有内容的转换源（只是以不同的形式） - 您无法从无创建XML。

解决问题的三种方法是：

使用编程语言构建XML，完全忽略了XSLT。这是获得所需结果的最简单方法。
构建一个接受参数的XSL样式表，将（预先构建的）分隔文件列表放入该参数中，让XSLT处理该字符串并从中生成XML。这也涉及外部处理，基本上这是选项1.，而且你必须编写一个XSL样式表来执行字符串处理（XSL尚未适应的东西）
使用扩展功能并在XSL中执行目录处理。可以在my answer to this question中找到如何入门的示例。这不是非常便携，因为扩展功能是特定于平台的。

归结为：

您需要外部编程语言的帮助
你不绝对需要 XSLT完成任务，因为XML输出就是你所需要的，不需要转换。

Ergo：不要使用XSL。

Answer 2

您不能在本机XSLT中执行此操作，但各种实现允许您添加功能扩展。

例如，在C＃中，您可以添加用户定义的URN：

 <xsl:stylesheet {snipped the usual xmlns stuff}
    xmlns:user="urn:user" >

然后使用“user”

中的功能

  <xsl:value-of select="user:getdirectory( @mydir )" />

在C＃中你将“用户”与C＃类联系起来：

 XSLThelper xslthelper      = new XSLThelper( );  // your class here
 xslArgs.AddExtensionObject( "urn:user", xslthelper );

并且您的类定义了“getdirectory”函数：

public class XSLThelper
{
public string getdirectory(System.Xml.XPath.XPathNavigator xml, string strXPath, string strNULL)
{
       //blah
    }
}

这里留下了大量的功课！ MSDN Resource

Answer 3

Q是六岁并回答。只为那些再次降落在这里的人投入2美分。

我需要一个表示目录中文件名的XML文件。我已经用三种方式完成了这项工作：

XSLT 2.0 document（）正如其他人在此主题中所指出的那样。当你把所有想要的东西都叫做dom解析器时，缺点就是性能。正如LarsH在OP注释中指出的那样，这仅适用于有效的XML文件。如果递归中有非xml或格式错误的xml文件，则会导致转换崩溃。
使用命令xmlstarlet ls > filenames.xml

xmlstarlet

我制作的原始bash脚本（可以优化）：

DIRECTORY=$1
RESULTFILE=$2

# put the directory listing into a temp file
# modify the ls command for your needs
ls -A1 $DIRECTORY > /tmp/zFiles.txt

# remove detritus and wrap the lines in <file> elements
sed -i -e's/^[^$]*$/   <file filename="&"\/>/' /tmp/zFiles.txt

# build the file
echo '<?xml version="1.0" encoding="UTF-8"?>' > $RESULTFILE
echo "<files>" >> $RESULTFILE
cat /tmp/zFiles.txt >> $RESULTFILE
echo "</files>" >> $RESULTFILE

我已经使用了bash脚本很长一段时间但现在我只使用xmlstarlet方法。结果starlet文件包含特定的文件属性，例如权限和日期，我发现这很有帮助。

Answer 4

您应该能够使用document()函数来读取XML文件。我不确定它在各种XSLT引擎上的支持程度如何。

这是显示正在使用的good example。

但这并没有解决从目录中读取文件名称的问题。另一个答案提供了一种方法。

XSLT：如何从某个目录中获取文件名？

[编辑-溶液]

4 个答案: