Question

我正在尝试用niceAssign（）替换Assign（）方法：

    class Builder<T : Any>(val kClass: KClass<T>) {
        fun <K> assign(prop: KProperty1<T, K>, value: K): Builder<T> = TODO("doing other stuff here")
        fun <K> niceAssign(call: KClass<T>.() -> Pair<KProperty1<T, K>, K>) : Builder<T> {
            val (prop, value) = call(kClass)
            return assign(prop, value)
        }
    }

    val builder = Builder(Data::class)
    builder.assign(Data::someProperty, "some value") // (1)
    builder.niceAssign { ::someProperty to "some value" } // (2)

由于生成器对象是使用Data类生成的，因此我真的不需要在传递属性引用时显式指示Data类。 Assign方法已经知道该属性属于哪个类。所以我不想每次在assign方法中都写“ Data ::”（就像代码（1）一样），但是我想将“ Data ::”作为niceAssign参数的接收者属性传递，所以我可以引用::来自“此”对象的someProperty。

此代码段不起作用，因为我将KClass作为接收者传递，并且KClass没有T的属性引用。那么，有什么方法可以使它工作？

Answer 1

如果要将属性引用传递给高阶函数，则它应该是一个T作为接收器的函数。

在上述情况下，必须为：

fun <K> niceAssign(call: T.() -> Pair<KProperty0<K>, K>) : Builder<T> {
...
}

但是要“解压”传递给niceAssign参数（以便可以将其进一步传递给assign函数），则需要T的实例，例如：

val (prop, value) = call(kClass.createInstance())

由于assign参数类型不匹配，因此结果也无法照原样传递给prop方法，因此此方法将需要一些额外的代码重做。

如何从类引用或泛型类型获取属性引用？

1 个答案: