Question

我将employeedetailxml放入名为“res \ raw”的文件夹中。当我尝试通过指定文件和文件夹名称来打开它时，我收到错误“找不到文件”。

如何指定文件的路径？

我更希望能够将“ R.raw.employeedetailxml ”传递给FileInputStream以指定它打开该文件。那可能吗？（我试了一下，但得到了一个错误。）

FileInputStream可以将资源ID作为参数吗？

try{
   SAXParserFactory spf=SAXParserFactory.newInstance();
   SAXParser sp=spf.newSAXParser();
   XMLReader xr=sp.getXMLReader();

   EmployeeDetailHandler empDetailHandler=new EmployeeDetailHandler();
   xr.setContentHandler(empDetailHandler);

   xr.parse(new InputSource(new FileInputStream("\\res\\raw\\employeedetailxml.xml")));
}

Answer 1

是的，您可以使用类似于传递R.raw.employeedetailxml的内容。您只需要使用该资源名称获取资源XML文件，如下所示：

InputStream ins = getResources().openRawResource(R.raw.file_name);

Answer 2

试试这个：

InputStream inputStream =
    getResources().openRawResource(R.raw.employeedetailxml);

Answer 3

this.getResources().openRawResource()会返回InputStream，可能会帮助您解析xml。

Answer 4

如果将xml文件放在资产下没有伤害，你可以试试这个：

AssetManager manager = getAssets();
InputStream inputStream = manager.open("pathUnderAssets/filename.xml");

请注意，getAssets（）调用是在上下文中进行的。因此，您必须在非活动的类中使用上下文调用它。

在Android中指定XML文件的文件夹路径

4 个答案: